A.只要物体振动就能听见声音；

B.考场周围禁鸣喇叭是在人耳处减弱噪声；

C.“听诊器”能使人的心脏振动幅度增大，音调升高；

D.用超声波能击碎人体内的结石，说明声波具有能量

【答案】D。

【解析】声音可以传递信息，也可以传递能量；人们用声音交流就是传递信息的例子，超声波碎石机是利用超声波高能量的特点制成的。能听见物体振动的声音，还需要有能传播声音的介质；故A错误。

物体振动，但没有传播声音的介质，也不会听见声音，所以，“只要物体振动就能听见声音”是错误的。“考场周围禁鸣喇叭是在人耳处减弱噪声”属于在声源处控制声音的产生，所以B错。

“听诊器”能使心脏产生的声音有效传播给医生，不可能使人的心脏声音的振幅增大，也不会改变音调，故C错。

超声波具有能量，利用此能量能够击碎人体内的结石，是超声波的一种应用，故D是正确的。

2.生活中关于热现象叙述错误的是（ ）。

A．用手沾些冷水去拿包子不会太烫，是因为水汽化吸热；

B．严冬，玻璃窗外壁结了一层冰花，这些冰花是水蒸气凝华形成的，需要放热；

C．打开冰箱门，看见门前冒白气，这是液化现象，需要放热；

D．用冰袋给高热病人降温，是因为冰熔化吸热

【答案】B。

【解析】A：用手沾些冷水去拿包子不会太烫，是因为水汽化吸热，故A正确，不符合题意。

B：严冬，玻璃窗内壁结了一层冰花，这些冰花是水蒸气凝华形成的冰花是凝华现象，是放热过程，故B不正确，符合题意。

C：打开冰箱门，看见门前冒“白气”，是由空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水珠，故C正确，不符合题意。

D：用冰袋给高热病人降温，是因为冰熔化吸热，故D正确，不符合题意。答案是B。

3.光学器件在我们的生活、学习中有着广泛的应用。下面的介绍有一项不切实际，它是（ ）。

A．近视眼镜利用了凹透镜对光的发散作用；

B．照相时，被照者与相机的距离是在镜头的二倍焦距之外；

C．借助放大镜看邮票时，邮票到放大镜的距离应略大于一倍焦距；

D．阳光通过凸透镜可以点燃纸屑，这利用了凸透镜对光的会聚作用

【答案】C。

【解析】近视眼是像成在视网膜的前面，说明晶状体第光的汇聚作用太强，所以用凹透镜进行矫正是正确的，所以“近视眼镜利用了凹透镜对光的发散作用”这句话是正确的；故A不符合题意。

照相机成像是倒立、缩小的实像，物距应大于照相机镜头的2倍焦距，故“照相时，被照者与相机的距离是在镜头的二倍焦距之外”这句话是正确的；故B不符合题意。

用放大镜看邮票，目的是成放大正立的虚像，这就要求邮票必须在放大镜的焦距之内，故“借助放大镜看邮票时，邮票到放大镜的距离应略大于一倍焦距”这句话是错误的；故C符合题意。

凸透镜有会聚作用，平行射来的太阳光，可以借助凸透镜让光线会聚在一起，可以点燃纸屑，所以“阳光通过凸透镜可以点燃纸屑，这利用了凸透镜对光的会聚作用”这句话是正确的；故D不符合题意。此题答案是C。

4.随着经济的发展，我国的国防事业得到了相应的发展。如图所示为我国空军战机空中加油时的情景（　）。

A．以地面为参照物，加油机是静止的；

B．以加油机为参照物，战机是运动的；

C．以地面为参照物，加油机和战机都是静止的；

D．以战机为参照物，加油机是静止的

【答案】D。

【解析】A、C：加油过程中，若以地面为参照物，加油机、战机和地面的位置在不断发生变化，所以说它们是运动的；故A、C错误。

B：以加油机为参照物，战机与加油机之间位置没有发生变化，战机是静止的，故B错误。

D：以战机为参照物，加油机与战机之间的位置没有发生变化，加油机是静止的，故D正确。故选D。

5.关于质量和密度，下列说法中正确的是（ ）。

A．一杯水完全结成冰后，质量变小，密度不变；

B．植物种子带到太空后，密度不变；

C．一根粉笔用掉一半后，质量变小，密度不变；

D．钢瓶中的氧气用掉一半，质量变小，密度不变

【答案】C。

【解析】A．一杯水完全结成冰后，质量变小，密度不变；此说法错误。因为物体的质量不以物体的形态的变化而变化。一杯水完全结成冰，只是物质的形态变了，质量没变。故A错。

B．植物种子带到太空后，密度不变；此说法错误。植物种子带到太空，质量不变，但物体的体积发生了变化，密度会变，故B错。

C．一根粉笔用掉一半后，质量变小，密度不变；此说法正确。因为密度是物体的特征之一；粉笔用掉一部分后，只是物体的质量变小了，但物体本身的特征没有变化，故密度不变。

D．钢瓶中的氧气用掉一半，质量变小，密度不变；此说法错误。因为氧气是充满整个氧气瓶的，氧气用掉一半，质量减少，但体积不变，密度会减小。故D错。答案是C。

6.《舌尖上的中国Ⅱ》的热播，引起了人们对饮食文化的关注。四川的腊肉、香肠受到人们的青睐，火锅更是以麻、辣、鲜、香吸引着众多食客，以下说法正确的是（ ）。

A．在比较远的地方就能闻到火锅味，说明分子只在高温下运动；

B．在腌制腊肉时，要把盐涂抹均匀，是因为盐不会扩散；

C．灌制好香肠后，要晾在通风的地方，是为了防止水分蒸发；

D．往火锅里加入食材，食材温度升高，它的内能增加

【答案】D。

【解析】A：在比较远的地方就能闻到火锅味，是分子热运动的例证，但不是必须在高温下才发生分子热运动，故此说法是错误的。

B：在腌制腊肉时，要把盐涂抹均匀，目的是腌制腊肉效果更好、更快；而不是因为盐不会扩散，只要有浓度差，就会发生扩散现象，故此说法错误。

C：灌制好香肠后，要晾在通风的地方，加快水分的蒸发，不是为了防止水分蒸发，故C错。

D：往火锅里加入食材，食材温度升高，它的内能肯定增加，此说法是正确的。故答案是D。

7.下列关于压强的说法不正确的是（ ）。

A.图钉面积大是为了增大受力面积，减小压强	B.刀刃磨得很薄是为了减小受力面积，增大压强	C.图中乒乓球不掉下来是因为电吹风吹出的风速大，压强大	D.挖掘机安装两条履带是为了增大接触面积，减小压强

【答案】C。

【解析】A：图钉帽面积大，是在压力一定时，增大受力面积来减小压强，故A正确。

B：刀刃磨得很薄，在压力一定时，减小受力面积来增大压强，故B正确。

C：图中乒乓球不掉下来是因为电吹风吹出的风速大，压强小，故C错误。

D：挖掘机安装两条履带，在压力一定时，增大受力面积来减小压强，故D正确。此题答案是C。

8.小明和小强分别把体积相同的实心木块和实心铁块同时浸没在水中，松手后发现木块上浮，铁块下沉；对上述现象他两展开讨论，你认为他们的说法中错误的是（　）。

A．铁块的密度大于水的密度，木块的密度小于水的密度；

B．在铁块下沉的过程中，铁块受到的浮力小于铁块受到的重力；

C．当两物体都处于静止状态时，铁块受到的浮力大于木块受到的浮力；

D．因为木块受到的浮力比铁块受到的浮力大，所以木块上浮，铁块下沉

【答案】D。

【解析】A：实心木块和实心铁块同时浸没在水中，根据物体的浮沉条件，木块上浮说明木块的密度小于水的密度，铁块下沉说明铁块的密度大于水的密度，故A正确。

B：在铁块下沉的过程中，根据物体的浮沉条件，铁块受到的浮力小于铁块受到的重力，故B正确。

C：当两物体都处于静止状态时，由于木块上浮则，木块排开的水的条件小于铁块排开的条件，根据阿基米德原理可知：木块受到的浮力小于铁块受到的浮力，故C正确。

D：当都浸没在水中时，根据阿基米德原理可知，此时与木块受到的浮力相等；木块上浮是由于木块受到的浮力大于木块受到的重力；铁块下沉是由于铁块到的浮力小于铁块受到的重力；故D错误。故选D。

9.在试管中装入适量的水，试管口用塞子塞住，用酒精灯对试管加热，如图所示。加热一段时间后，塞子冲出去了，则（ ）。

A．加热过程中酒精的化学能全部转化为水的内能；

B．塞子冲出前，试管内水的质量不断增大；

C．塞子冲出时，试管内气体温度不变；

D．塞子被水蒸气推出过程反映的是汽油机的做功冲程原理

【答案】D。

【解析】A：加热过程中，酒精的化学能有一部分转化为水的内能，大部分散失，故A错误。

B：塞子冲出前，水的温度不断升高，水的多少没有改变，所以质量不变，故B错误。

C：塞子冲出时，试管内气体对外做功，内能减小，温度降低，故C错误。

D、塞子冲出时，是试管内气体的内能转化为塞子增加的机械能，内燃机的做功冲程将内能转化为机械能，压缩冲程将机械能转化为内能，所以此过程的能量转化情况与内燃机的做功冲程相同，故D正确。答案是D。

10.如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合电键S，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，不变的是（ ）。

A. 电流表A示数与电流表A1 示数的差值；B. 电压表V示数与电流表A 示数的比值；

C. 电压表V示数与电流表A 示数的乘积；D. 电压表V示数与电流表A1 示数的乘积

【答案】D。

【解析】由题图可以看出，电阻R1与变阻器R2是并联；电流表A测量的是干路电流，电流表A1测量的是R1电流（示数不变）；电压表测量的是电源电压，示数不变；当变阻器滑片向右移动时，变阻器电阻增大，电流减小，总电流减小，故电流表A示数减小。

从以上分析可以看出，唯一不变的是电压表示数与限量版A1的示数乘积不变，正确答案是D。

11.如图甲所示电路中，R为滑动变阻器，R0为定值电阻，电源电压4V恒定不变（不计温度对电阻影响），在滑片滑动过程中，电流表与电压表的示数变化图乙所示，则根据图象信息可知（　）。

A．R0阻值是35Ω； B．电路的最大总功率是3.2W；

C．电路的最小总功率是0.35W；D．滑动变阻器的最大阻值是5Ω

【答案】B。

【解析】（1）R0阻值：

；（2）电路总功率最大值：

，（3）变阻器阻值最大值：

，所以，变阻器最大阻值为40Ω-5Ω=35Ω；（4）电路功率最小值：

。故正确答案是B。

12.当今社会已进入高度发达的电气时代，人们必须牢固树立安全用电的意识，但在某些地方私拉乱接电线的现象相当严重，容易造成安全隐患。下列做法中不符合安全用电原则的是（ ）。

A．开关必须接在火线上，开关和所控制的用电器串联；

B．家用电器的金属外壳要接地使用；

C．用湿布擦正亮着的台灯灯泡；

D．发现家用电器或导线失火时，必须先切断电源，然后再救火

【答案】C。

【解析】A：在家庭电路中，为保证用电安全，应将控制用电器的开关接在火线上；符合安全用电原则。

B：在家庭电路中，家用电器的金属外壳一定要接地，可防止因漏电而触电；符合安全用电原则。

C：湿布是容易导电的物体，用湿布擦拭正在发光的白炽灯或日光灯时，容易引起人体触电．不符合安全用电原则。

D：发现家用电器或导线失火时，首先要切断电源，然后灭火；不能带电救火，以防触电；符合安全用电原则。答案是C。

13.下列有关能量转化的说法中正确的是( )。

A．蓄电池对外供电时，主要将电能转化为化学能；

B．家庭中使用的排风扇工作中，主要将电能转化为机械能；

C．跳水运动员在空中下落过程中，动能转化为重力势能；

D．篮球撞击篮板被反弹回来，反弹过程中是将动能转化为弹性势能

【答案】B。

【解析】A．蓄电池对外供电时，主要将电能转化为化学能；此说法错误，蓄电池对外供电，主要是把其化学能转化为其他形式的能，如：电能、光能等。故A得说法错误。

B．家庭中使用的排风扇工作中，主要将电能转化为机械能；电风扇消耗电能，主要转化为风扇旋转的机械能，故此说法正确。

C．跳水运动员在空中下落过程中，动能转化为重力势能；这种说法错误，应该是把重力势能转化为动能，故B错。

D．篮球撞击篮板被反弹回来，反弹过程中是将动能转化为弹性势能；这种说法错误，在篮球反弹过程中是把弹性势能转化为动能，故D错误。正确答案是B。

二、填空题（本题共6小题，每空1分，共14分）

14.如图所示，小华将弹簧测力计一端固定，另一端钩住一木块A，木块下面是长木板。实验时拉着长木板沿水平地面向左运动，读出弹簧测力计示数即可测出木块A所受摩擦力大小，在木板运动的过程中，相对地面木块A是 的（“运动”或“静止”），木块A受到的是 （“静摩擦力”或“滑动摩擦力”），拉动速度变大时，弹簧测力计示数 。（“变大”、“变小”或“不变”）。

【答案】静止、静摩擦力、不变。

【解析】由图可知，在木板运动的过程中，相对地面木块A是静止的，因为A与地面之间没有相对运动；此时木块A受到的是静摩擦力；拉动速度变大时，弹簧测力计示数不变，因为木块A受到的压力和它与木板之间的接触面不变。

故答案为：静止、静摩擦力、不变。

15.一物块的质量为90g，体积为100cm3，现将它浸没在水中，物体所受的浮力为 N，松手后，物体将会 （上浮/下沉/悬浮），最终静止时物体排开水的质量为 g。（g=10N/kg，ρ水=1.0g/cm3）

【答案】1、上浮、90。

【解析】根据浮力计算公式，可求得：

，

物块密度：

，物块密度小于水的密度，故松开手后会上浮；当物静止时，物块排开水的质量等于物块质量，即为90g。

答案：1、上浮、90。

16.小可在A端用如图所示的动滑轮匀速提起200N的水桶，若不计绳重、滑轮重及摩擦，则人拉绳子A端的动力为　 　N；实际测量A端的拉力为110N，不计绳重及摩擦，则滑轮重为　 　N。

【答案】100、20。

【解析】（1）不计动滑轮重、绳重和摩擦，根据F=

G求出拉力；（2）根据F=

（G+G动）求出动滑轮重。

（1）因为动滑轮有两段绳子吊着物体，不计动滑轮重、绳重和摩擦，拉力F=

G=

×200N=100N；（2）若不计绳重及摩擦，实际测量A端的拉力为110N时，根据F=

（G+G动）得G动=2F﹣G=2×110N﹣200N=20N。

故答案为：100、20。

17.如图所示的电路中，电源电压为6V，电压表的量程为0-3V，电流表的量程为0-0.6A，滑动变阻器的规格为“20Ω、1A”，灯泡标有“5V、2.5W”字样。闭合开关，将滑动变阻器的滑片移到阻值最大的位置，这时通过灯泡的电流为　 　A；若要求两电表的示数均不超过所选量程，灯泡两端电压不允许超过额定值，则该电路能消耗的最大功率为　 　W。（不考虑灯丝电阻的变化）

【答案】0.2、1.8。

【解析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。

（1）由

可得，灯泡的电阻：

，

将滑动变阻器的滑片移到阻值最大的位置时，因串联电路中总电阻等于各分电压之和，且各处的电流相等，所以，通过灯泡的电流：

；

（2）因灯泡的额定电压5V大于电压表的量程3V，所以，当电压表的示数UL′=3V时，电路中的电流最大，则电路中的最大电流：

，

则该电路能消耗的最大功率：P大=UI大=6V×0.3A=1.8W。

故答案为：0.2、1.8。

18.打开自来水龙头，使自来水流过如图13-56所示的玻璃管，在A、B、C三处，水的流速较大的是 处，压强较小的是 处（选填“ A”“B”或“C”）。

【答案】B；B。

【解析】在相等的时间内通过粗管和细管的流量相同，通过粗管A、C的流速小，压强大；通过细管B的流速大，压强小。

故答案为：B；B。

19.信息技术高速发展的今天，通过手机扫描二维码进入相关公众网页，已成为人们获取信息的一种方法。用手机扫描二维码是一种短距离通信的无线电技术，它是利用 来传递信息的。核电站是利用原子核发生裂变时，释放出的　 　能来发电的。

【答案】电磁波、核。

【解析】电磁波可以传递信息；核能发电是利用铀原子核裂变时放出的核能来加热水，用产生的高温、高压蒸汽作为动力，推动蒸汽涡轮机转动，从而带动发电机发电的。

手机是通过电磁波来传递信息的；核电站是利用原子核裂变释放的核能来发电的。

故答案为：电磁波、核。

三、作图题（共3分）

20.如图所示，根据图中磁感线的方向，标出通电螺线管的N极和电源的“+”极。

【解析】①根据图中磁感线方向，先判断螺线管的两个磁极；②根据安培定则判断螺线管中电流的方向，标出电源的正负极。

在磁体外部，磁感线总是从磁体的N极发出，最后回到S极；所以螺线管的右端为N极，左端为S极；根据安培定则：伸出右手，使右手大拇指指示通电螺线管的N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，即电流是从螺线管的右端流入的。所以电源的右端为正极，左端为负极。

四、实验探究题（共19分）

21.（5分）如图所示是探究“平面镜成像特点”的实验装置。

（1）为了使观察到的实验现象更好一些，该实验最好选择在　 　（填“较亮”或“较暗”）的环境中进行。

（2）实验中选择薄玻璃板代替平面镜是为了便于确定　 　。

（3）实验中将点燃的蜡烛A放在玻璃板前，然后将未点燃的蜡烛B放在玻璃板后面并移动，直到蜡烛B与蜡烛A的像完全重合。此实验现象说明像与物　 　。

（4）将蜡烛B拿走，然后在蜡烛B的位置上放一张白纸，在白纸上　 　（填“能”或“不能”）看到蜡烛A的像。说明平面镜所成的像是　 　（“实”或“虚”）像。

【答案】（1）较暗；（2）像的位置；（3）大小相等；（4）不能；虚。

【解析】（1）在比较明亮的环境中，很多物体都在射出光线，干扰人的视线，在较黑暗的环境中，蜡烛是最亮的，蜡烛射向平面镜的光线最多，反射光线最多，进入人眼的光线最多，感觉蜡烛的像最亮，所以应在比较暗的环境中进行实验。

（2）用透明的玻璃板代替平面镜，在物体一侧能看到物体的像，同时还能看到代替物体的另一个物体，便于确定像的位置，也便于比较物像的大小关系。

（3）实验时，她在玻璃板前放置点燃的蜡烛A，将蜡烛B放在玻璃板后并移动，在玻璃板的A侧现察；当B和A的像完全重合时说明像和物的大小相等；

（4）移动玻璃板后的蜡烛B，使它与蜡烛A在玻璃板中所成的像重合，移开蜡烛B，用白纸做屏幕放在该位置，直接观察白纸，在白纸上不能看到蜡烛的像，可知平面镜所成的像是虚像。

故答案为：（1）较暗；（2）像的位置；（3）大小相等；（4）不能；虚。

22.（7分）如题图（1）所示，图A、B、C、D、E是“探究浮力大小跟排开液体所受重力的关系”实验的五个步骤。

（1） 两步骤可计算出圆柱体物块浸没在水中时受到的浮力F浮= N。 两步骤可得出物块排开水所受的重力G排。比较F浮与G排，可以得到浮力的大小跟物块排开水所受重力的关系。

图（1）	图（2）

（2）如题图(2)所示是圆柱体物块从水面缓慢浸入水中时，根据实验数据描绘出弹簧测力计示数F随物块浸入深度h变化的关系图像。

分析图像可得：当物块没有浸没之前，h增大时，弹簧测力计示数 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。当h=4cm时，物块所受的浮力为 N，浸没后，h继续增大时，弹簧测力计示数为 N，该圆柱体物块的高度是 cm。

【答案】（1）BD、1.2、AE；（2）变小、0.8、3、6cm。

【解析】（1）由题图可知，图B是物块未浸没水中时受到的重力，D图是物块完全浸没在水中物块对他好测力计的拉力，两次测量示数之差即为物块浸没在水中受到的浮力，浮力大小为：

。A图测量的是空水杯所受重力，E图测量的是物块浸没水中后排出的水与水杯受到的总重力，两次测量之差即为排出的水的重力。

1. 由图（2）可知，圆柱体物块从水面缓慢浸入水中时，物块排开的水逐渐增多，浮力逐渐增大，弹簧测力计读数逐渐减小；从变化图像中可以读出，当h=4cm时，弹簧测力计读数是3.4N，物块未浸没水中时，读数是4.2N，故浮力为4.2N-3.4N=0.8N；浸没后，弹簧测力计读数是3N，由此可知，物块的高度为6cm。

故，答案是：（1）BD、1.2、AE；（2）变小、0.8、3、6cm。

23.（7分）在测量“小灯泡的电阻”的实验中，有如下器材：电压表、电流表、开关、电压为3V的电源、标有“2.5V”的小灯泡、滑动变阻器及导线若干。

（1）请用笔画线代替导线，把图中的实物电路连接完整；（导线不能交叉）

（2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应处于图中最　 　端（填“左”或“右）；

（3）连好电路后，闭合开关，发现灯泡不亮，电流表无示数，电压表示数接近电源电压，则此故障的原因可能是　 　。

A．小灯泡断路；B．小灯泡短路；C．滑动变阻器断路

（4）排除故障后，按正确的操作测得实验数据记录如下：

实验次数	第一次	第二次	第三次
电压（V）	①2.5	③2.0	⑤1.5
电流（A）	②0.30	④0.25	⑥1.0
电阻（Ω）

在分折实验数据时，发现了一个数据有明显错误，这个数据是　 　（选填上表中数据前面的序号）；这个数据的正确值是　 　。

（5）根据实验数可知小灯泡正常发光时的电阻是　 　Ω。（保留一位小数）

【答案】（1）如图；（2）左；（3）A；（4）⑥；0.20；（5）8.3。

【解析】（1）标有“2.5V”的小灯泡表示灯的额定电压为2.5V，故电压表选用小量程与灯并联，如图。

（2）为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应处于阻值最大处，即图中最左端。

（3）电流表无示数，灯不亮，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的小灯泡断路，故选A。

（4）因电流表选用小量程，电流表示数不可能为1.0A（或通过灯的电流随电压的减小而变小），故数据⑥是错误的，错误的原因在于选用小量程却按大量程读数了，根据电流表大小量程之比为5：1，正确的电流大小为0.20A。

（5）灯的额定电压下正常发光，由表中数据结合欧姆定律可得，小灯泡正常发光时的电阻：

RL。

故答案为：（1）如图；（2）左；（3）A；（4）⑥；0.20；（5）8.3。

五、计算题（18分）

24.（10分）工人用滑轮组提升水中物体A，如图所示，当物体A完全在水面下被匀速提升的过程中，工人对绳子竖直向下的拉力为220N。当物体A完全打捞出水面后被匀速提升的过程中，滑轮组的机械效率为η，工人对绳子竖直向下的拉力为F。已知：物体A所受重力为1000N，体积为8.0×10﹣2m3，水的密度为ρ水=1.0×103 kg/m3。滑轮与轴的摩擦、水的阻力以及绳重不计，g取10N/kg。求：

（1）物体A完全在水面下时受到的浮力；

（2）物体A完全在水面下时受到绳子的拉力；

（3）工人对绳子竖直向下的拉力F；

（4）滑轮组的机械效率η（结果保留一位小数）。

（5）工人质量80kg，物体A被打捞出水面后，工人对地面的压力．

【解析】（1）物体A完全在水面下，排开水的体积和自身的体积相等，根据阿基米德原理可得，物体A受到的浮力：F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×8.0×10﹣2m3=800N。

（2）物体A完全在水面下被匀速提升时，物体A受到绳子向上的拉力、向上的浮力和向下的重力，由力的平衡条件可得：F拉+F浮=GA，则绳子的拉力：F拉=GA﹣F浮=1000N﹣800N=200N。

（3）当物体A完全在水面上下被匀速提升的过程中，滑轮与轴的摩擦、水的阻力以及绳重不计，以动滑轮为研究对象，动滑轮受2段绳子向上的拉力、物体A对它向下的拉力和向下重力，由力的平衡条件可得：2F人=F拉+G动；则动滑轮的重力：G动=2F人-F拉=2×220N-200N=240N；物体A完全打捞出水面后被匀速提升的过程中，不计滑轮与轴的摩擦和绳重，则工人对绳子向下的拉力：

。

（4）此时滑轮组的机械效率：

。

（5）工人所受的重力：G人=m人g=80kg×10N/kg=800N，根据（3）可知，物体A被打捞出水面后，工人对绳子向下的拉力F=620N；力的作用是相互的，则绳子对工人向上的拉力F′=F=620N，此时人受向上的拉力、向上的支持力和向下的重力，由力的平衡条件得：F′+F支=G人，则地面对人的支持力：F支=G人﹣F′=800N﹣620N=180N，人对地面的压力和地面对人的支持力是一对相互作用力，所以工人对地面的压力：F压=F支=180N。

答：（1）物体A完全在水面下时受到的浮力为800N；（2）物体A完全在水面下时受到绳子的拉力为200N；（3）工人对绳子竖直向下的拉力F为620N；（4）滑轮组的机械效率η为80.6%；（5）工人质量80kg，物体A被打捞出水面后，工人对地面的压力为180N。

25.（8分）小璇回到老家时，天很冷，她发现洗澡需要用一种“浴霸”如图1。该“浴霸”具有照明、吹风和加热三个功能，其中照明灯L1和吹风机（用

表示），均可以单独控制，加热灯L2只有在吹风机启动后才可以工作，如图所示“浴霸”的简化电路图（如图2）及铭牌。

额定电压	220V
照明灯	额定功率	40W
加热灯	额定功率	500W
吹风机	额定功率	50W

求：（1）照明灯L1正常工作时电阻为多少？

（2）正常工作时通过加热灯L2的电流是多少？

（3）通常在洗前10min只开启加热灯L2取暖给浴室预热，问在这10min内电路消耗的电能是多少？

（4）小璇洗澡时不小心用水喷淋了浴霸，会出现什么危害？

【答案】（1）照明灯L1正常工作时电阻为1210Ω；（2）正常工作时通过加热灯L2的电流是2.27A；（3）在这10min内电路消耗的电能是3.3×105J；（4）浴霸工作时用水喷淋会引发电源短路等危险。

【解析】（1）由

可得，照明灯L1正常工作时电阻：

；

（2）由P=UI可得，正常工作时通过加热灯L2的电流：

；

（3）只开启加热灯L2取暖时，吹风机也会与加热灯L2一起工作，由

可得，在这10min内电路消耗的电能：W=（P2+PM）t=（500W+50W）×10×60s=3.3×105J；

（4）浴霸工作时用水喷淋会引发电源短路等危险。